Как заполнить данные из базы данных, используя всплывающее окно

я работаю над project.in, в котором я хочу получить данные по clientid и заполнить их остальными полями. (только для удобства пользователя). Я сделал с этим. или направь меня туда, где я делаю ошибку.

HTML-код:

<table class="table table-bordered">
<tr>
<th>
Client Id
</th>
<th>
Client Name
</th>
<th>
Client Number
</th>
<th>
Address
</th>
</tr>
<tr>
<td>
<input class="form-control" type='text' id="countryname_1" />
</td>
<td>
<input class="form-control" type='text' id="country_no_1"/>
</td>
<td>
<input class="form-control" type='text' id="phone_code_1" />
</td>
<td>
<input class="form-control" type='text' id="country_code_1" />
</td>
</tr>
</table>

Аякс код:

<?php
require_once 'config.php';
if($_POST['type'] == 'country_table'){
$row_num = $_POST['row_num'];
$name = $_POST['name_startsWith'];
$query = "SELECT clientId, clientName, contactNo, address FROM clients";
$result = mysqli_query($con, $query);
$data = array();
while ($row = mysqli_fetch_assoc($result)) {
$name = $row['clientId'].'|'.$row['clientName'].'|'.$row['contactNo'].'|'.$row['address'].'|'.$row_num;
array_push($data, $name);
}
echo json_encode($data);
}?>

этот код работает индивидуально. не в предложении popup.any